2024届浙江省绍兴市诸暨市高考物理试题原创模拟卷(六)

请考生注意：

1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。 2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、原子核的比结合能与原子序数的关系图所示，大多数恒星内部温度非常高，可进行轻核聚变，核反应方程为A+B→C。但对于金、铂等重金属产生，目前科学界有一种理论认为，两颗中子星合成过程中会释放巨大的能量，在能量的作用下能够合成金、铂等重金属，其核反应为D+E→F，下列说法正确的是（ ）

A．重核F裂变成D和E的过程中，会产生质量亏损 B．较轻的核A和B聚合成C的过程中核子平均质量变大 C．较重的核D和E聚合成F的过程中，会释放较大能量

D．A和B聚合成C的过程中，C的结合能小于A和B的结合能之和

2、图示为一种应用逻辑电路制作的简易走道灯的电路图，虚线框内的C是一门电路，R0和R1中有一个是定值电阻，另一个是光敏电阻（受光照时阻值减小），R2是定值电阻。当走道里光线较暗或将手动开关S接通时灯泡L都会点亮，则电路中（ ）

A．C是“或门”，R0是光敏电阻 B．C是“或门”，R1是光敏电阻 C．C是“与门”，R0是光敏电阻 D．C是“与门”，R1是光敏电阻

3、在某一次中国女排击败对手夺得女排世界杯冠军的比赛中，一个球员在球网中心正前方距离球网d处高高跃起，将排球扣到对方场地的左上角（图中P点），球员拍球点比网高出h（拍球点未画出），排球场半场的宽与长都为s，球网

高为H，排球做平抛运动（排球可看成质点，忽略空气阻力），下列选项中错误的是（ ）

A．排球的水平位移大小xs(ds)2（)2 2B．排球初速度的大小

v0sg(ds)2()22 HhC．排球落地时竖直方向的速度大小vy2g(Hh)

D．排球末速度的方向与地面夹角的正切值

tan2(hH)s

(ds)2()224、如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为10︰1，原线圈两端连接正弦交流电源u=311sin314t(V)，副线圈接电阻R，同时接有理想电压表和理想电流表。下列判断正确的是（ ）

A．电压表读数约为31.1V

B．若仅将副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数增大到原来的2倍 C．若仅将R的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍

D．若R的阻值和副线圈匝数同时增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的4倍

5、如图所示，足够长的平行玻璃砖厚度为d，底面镀有反光膜CD，反光膜厚度不计，一束光线以45°的入射角由A点入射，经底面反光膜反射后，从顶面B点射出（B点图中未画出）。已知该光线在玻璃砖中的传播速度为为光在真空中的传播速度，则下列说法错误的是（ ）

2c，c2

A．平行玻璃砖的折射率为2 B．入射点A与出射点B之间的距离为C．平行玻璃砖的全反射临界角为30°

D．为了使从A点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则底面反光膜CD长度至少2d

6、如图所示，某生产厂家为了测定该厂所生产的玩具车的性能，将两个完全相同的玩具车A、B并排放在两平行且水平的轨道上，分别通过挂钩连接另一个与玩具车等质量的货车(无牵引力)，控制两车以相同的速度v0做匀速直线运动。某时刻，通过控制器使两车的挂钩断开，玩具车A保持原来的牵引力不变，玩具车B保持原来的输出功率不变，当玩具车A的速度为2v0时，玩具车B的速度为1.5v0，运动过程中受到的阻力仅与质量成正比，与速度无关，则正确的是（ ）

23d 3

A．在这段时间内两车的位移之比为6∶5 B．玩具车A的功率变为原来的4倍 C．两车克服阻力做功的比值为12∶11 D．两车牵引力做功的比值为3∶1

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、某同学为了研究物体下落的过程的特点，设计了如下实验，将两本书AB从高楼楼顶放手让其落下，两本书下落过程中没有翻转和分离，由于受到空气阻力的影响，其vt图像如图所示，虚线在P点与速度图线相切，已知

mAmB1kg，g10m/s2，由图可知（ ）

A．t2s时A处于超重状态 B．下落过程中AB的机械能守恒

C．t2s时AB的加速度大小为1.5m/s2 D．0～2s内AB机械能减少量大于96J

8、如图所示，半径为R的光滑圆形轨道竖直固定，轨道最高点为P，最低点为Q。一小球在圆形轨道内侧做圆周运动，小球通过Q时的速度为v，小球通过P点和Q点时对轨道的弹力大小分别为F1和F2，弹力大小之差为FF2F1，下列说法正确的是（ ）

A．如果v不变，R越大，则F1越大 B．如果R不变，v越大，则F2越大 C．如果v越大，则F越大 D．F与v和R大小均无关

9、如图，条形磁铁在固定的水平闭合导体圆环正上方，从离地面高h处由静止开始下落，下落过程中始终保持竖直方向，并从圆环中心穿过，最后落在水平地面上。条形磁铁A、B两端经过线圈平面时的速度分别为v1、v2，线圈中的感应电流分别为I1、I2，电流的瞬时功率分别为P1、P2.不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）

A．从上往下看，I2的方向为顺时针 B．I1：I2=v1：v2 C．P1：P2=v1：v2

D．磁铁落地时的速率为2gh 10、质量均为m的小球A、B分别固定在一长为L的轻杆的中点和一端点，如图所示。当轻杆绕另一端点O在光滑水平面上做角速度为ω的匀速圆周运动时，则（ ）

A．处于中点的小球A的线速度为L

B．处于中点的小球A的加速度为L2 C．处于端点的小球B所受的合外力为m2L D．轻杆OA段中的拉力与AB段中的拉力之比为3：2

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）如图甲所示，是一块厚度均匀、长宽比为5：4的长方形合金材料薄板式电阻器，a、b和c、d是其两对引线，长方形在a、b方向的长度大于在c、d方向的长度。已知该材料导电性能各向同性。某同学想测定该材料的电阻①多用电表；②游标卡尺；③螺旋测微器；④学生电源；⑤电压表V3V，率。他选取的器材有：（量程：内阻约为3k）；⑥电流表A（量程：0.6A，内阻约为0.2）；⑦滑动变阻器R0（最大阻值10）；⑧开关S、导线若干。

（1）用多用电表粗测该电阻器的电阻值。他首先调整多用电表“指针定位螺丝”，使指针指在零刻度；再将选择开关旋至电阻挡“×1”挡位，两支表笔金属部分直接接触，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0”。然后，用两支表笔分别连接电阻器的a、b引线，多用电表表盘指针位置如图乙所示。a、b两引线之间的电阻值R=___________。

（2）用游标卡尺和螺旋测微器分别测量薄板的宽度和厚度，结果如图丙所示，则宽度L=_______mm，厚度D=_______mm。

（3）为了精确测定a、b两引线之间的电阻值R，该同学在图丁所示的实物中，已经按图丁中电路图正确连接了部分电路；请用笔画线代替导线，完成剩余电路的连接_______。

（4）若该同学保持电路不变，只将a、b引线改接为c、d引线，测量c、d之间的电阻值，则测量c、d之间电阻值的相对误差___________（填“大于”、“小于”或“等于”）测量a、b之间电阻值的相对误差。

（5）计算该材料电阻率的表达式___________。(式中用到的物理量的符号均要取自（1）（2）（3）问) 12．（12分）某兴趣小组用如图所示的装置验证动能定理．

（1）有两种工作频率均为50 Hz的打点计时器供实验选用： A．电磁打点计时器 B．电火花打点计时器

为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选择_______（选填“A”或“B”）．

（2）保持长木板水平，将纸带固定在小车后端，纸带穿过打点计时器的限位孔．实验中，为消除摩擦力的影响，在砝码盘中慢慢加入沙子，直到小车开始运动．同学甲认为此时摩擦力的影响已得到消除．同学乙认为还应从盘中取出适量沙子，直至轻推小车观察到小车做匀速运动．看法正确的同学是_____（选填“甲”或“乙”）．

2（3）测出小车的质量为M，再测出纸带上起点到A点的距离为L．小车动能的变化量可用 ΔEk=MvA 算出．砝码

12盘中砝码的质量为m，重力加速度为g；实验中，小车的质量应_________（选填“远大于”“远小于”或“接近”）砝码、砝码盘和沙子的总质量，小车所受合力做的功可用W=mgL算出．多次测量，若W与ΔEk均基本相等则验证了动能定理．

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图所示，矩形PQMN区域内有水平向左的匀强电场，电场强度大小为E，已知PQ长度为3L，PN长度为L。质量为m、电量大小为q的带负电粒子以某一初速度从P点平行PQ射入匀强电场，恰好从M点射出，不计

=0.5，sin37°=0.6，sin45°=粒子的重力，可能用到的三角函数值sin30°(1)求粒子入射速度v0的大小；

2。 2(2)若撤走矩形PQMN区域内的匀强电场，加上垂直纸面向里的匀强磁场。该粒子仍以相同的初速度从P点入射，也恰好从M点射出磁场。求匀强磁场磁感应强度B的大小和粒子在磁场中运动的时间t。

14．（16分）如图所示，在平面坐标系xOy的第Ⅰ象限内有M、N两个平行金属板，板间电压为U，在第Ⅱ象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在第Ⅲ、IV象限内存在垂直坐标平面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(不计粒子重力)从靠近M板的S点由静止释放后，经N板上的小孔穿出，从y轴上的A点(yA=l)沿x轴负方向射入电场，从x轴上的C点(xc=-2l)离开电场，经磁场偏转后恰好从坐标原点O处再次进入电场。求： (1)粒子运动到A点的速度大小 (2)电场强度E和磁感应强度B的大小

15．（12分）一长木板在光滑水平地面上匀速运动，在t=0时刻将一物块无初速轻放到木板上，此后长木板运动的速度﹣时间图象如图所示．已知长木板的质量M=2kg，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．取g=10m/s2，求：

（1）物块的质量m；

（2）这一过程中长木板和物块的内能增加了多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、A 【解题分析】

AC．重核F裂变成D和E的过程中要释放处能量，会产生质量亏损；相反，较重的核D和E聚合成F的过程中，会吸收较大能量，选项A正确，C错误；

BD．较轻的核A和B聚合成C的过程也要释放能量，有质量亏损，则核子平均质量变小，C的结合能大于A和B的结合能之和，选项BD错误； 故选A。 2、A 【解题分析】

当电键闭合时，输入为高电势，当光线较暗时，光敏电阻较大，输入端为高电势，因为当走道里光线较暗时或是将手动开关S接通时，灯都会亮，可知只要有一个条件满足，事件就能发生，知该门电路是“或”门电路。当有光照时，光敏电阻阻值较小，输入端B端需要输入低电势，所以光敏电阻不能放在R1的位置，可以放在R0的位置，A正确，BCD错误。 故选A。 3、B 【解题分析】

A.由勾股定理计算可知，排球水平位移大小为

sx(ds)2()2 2故A正确不符合题意； B.排球做平抛运动，落地时间为

t2(Hh) g初速度

v0xtsg(ds)2()22 2(Hh)故B错误符合题意；

C.排球在竖直方向做自由落体运动可得

2vy2g(Hh)

解得vy2g(Hh)，故C正确不符合题意； D.排球末速度的方向与地面夹角的正切值

tanvyv02(hH)s2

(ds)()22故D正确不符合题意。 故选B。 4、B 【解题分析】

根据u=2202sin314t(V)可知，原线圈的电压有效值为U1220V，电压表的读数为变压器的输出电压的有效值，由

U1n1Un得，电压表读数为U222V，故A错误；若仅将副线圈匝数增加到原来的2倍，根据11可知，U2增U2n2U2n2U2可知，电流表的读数增大到原来的2倍，故B正确；输入电压和匝数比不变，则输出电RU压U2不变，仅将R的阻值增加到原来的2倍，由I22可知，电流变为原来的一半，输入功率变为原来的一半，

R大到原来的2倍，由I2故C错误；若副线圈匝数增加到原来的2倍，则U2增加到原来的2倍，同时R的阻值也增加到原来的2倍，故输出

2U2功率P2变为原来的2倍，故D错误。

R5、C 【解题分析】 A.玻璃砖的折射率为：

ncvc2 2c2选项A正确；

B.作出光的传播路径如图所示：

由折射定律有：

nsinsin452 sinsin解得： β=30°

因此入射点A与出射点B之间的距离为：

xAB2dtan选项B正确；

23d 3C.设临界角为C，则有：

sinC解得： C=45°

12 n2选项C错误；

D.为了使从A点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则底面反光膜CD至少为：

LCD2dtanC2d

选项D正确。

本题选错误的，故选C。 6、C 【解题分析】

B．设玩具车、货车质量都为m，动摩擦因数为μ，那么两车的挂钩断开与货车分离，玩具车的速度为v0，牵引力F=2μmg，加速度为a=μg，电机输出功率 P=Fv0=2μmgv0

变为原来的2倍，则B错误；

A．玩具车A保持原来的牵引力不变前进，那么加速度不变，那么当玩具车A的速度为2v0时，位移

22(2v0)2v03v0SA＝

2g2a功率

PA′=F•2v0=2PA 克服摩擦力做的功

WfmgSA牵引力做的功：

32mv0 2WFA=FsA=3mv02；

玩具车B保持原来的输出功率不变前进，当玩具车A的速度为2v0时，玩具车B的速度为1.5v0，由动能定理可得：

P2v0v01122mgSBm1.5v0mv0 a22所以位移

211v0SB＝

8g所以

sA：sB=12：11； 则A错误

CD．克服摩擦力做的功：

WfBmgSB所以

211mv08

WfA：WfB=12：11； 牵引力做的功：

WFBP所以

2v0v022mv0 aWFA：WFB=3：2 故C正确，D错误； 故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、CD

【解题分析】

A．根据vt图象的斜率表示加速度，知t2s时A的加速度为正，方向向下，则A处于失重状态，A错误； B．由于空气阻力对AB做功，则AB的机械能不守恒，B错误； C．根据vt图象的斜率表示加速度，t2s时AB的加速度大小为

av851.5m/s2 t2选项C正确；

D．0～2s内AB下落的高度

1h82m=8m

2AB重力势能减少量

EPmAmBgh2108160J

动能增加量

Ek112mmv28264J AB22则AB机械能减少量

EEpEk160J-64J=96J

选项D正确。 故选CD。 8、BD 【解题分析】

CD．应用机械能守恒定律可知小球通过最高点时的速度为

v2v24gR 对小球在P和Q应用向心力公式分别有

2mv2 mgF1Rmv2 F2mgR解得

mv2F15mg

Rmv2 F2mgR则

FF2F16mg

选项C错误，D正确；

mv2A．由F15mg可知，当v不变时，F1随R增大而减小，选项A错误；

Rmv2B．由F2mg可知，当R不变时，F2随v增大而增大，选项B正确。

R故选BD。 9、AB 【解题分析】

A．条形磁铁B端经过线圈平面时，穿过线圈的磁通量向下减小，根据楞次定律可知，从上往下看，I2的方向为顺时针，选项A正确；

BC．条形磁铁AB端经过线圈平面时磁感应强度相同，根据E=BLv以及II1：I2=v1：v2

根据P=I2R可知电流的瞬时功率之比为

2222P1：P2I1：I2v1：v2

E可知 R选项B正确，C错误；

D．若磁铁自由下落，则落地的速度为2gh；而由于磁铁下落过程中有电能产生，机械能减小，则磁铁落地时的速率小于2gh，选项D错误。 故选AB。 10、CD 【解题分析】

A．处于中点的小球A的运动半径为

L，根据线速度与角速度的关系可知线速度 2v1L 2A错误；

B．处于中点的小球A的加速度为

a1A22L

B错误；

C．处于端点的小球B的向心加速度

a2L

由牛顿第二定律Fma可知小球B所受的合外力为

Fm2L

C正确；

D．设轻杆OA段中的拉力为F1，轻杆AB段中的拉力为F2，对小球A由牛顿第二定律可得

F1F212m2L 对小球B由牛顿第二定律可得

F2m2L

联立解得

F13F 22D正确。 故选CD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6 50.60 1.200 小于 【解题分析】

(1)[1]开关旋至电阻挡“×1”挡位，故电阻为6。 (2)[2][3]游标卡尺读数为

L50mm0.0512mm50.60mm

45DR

螺旋测微器读数

D1mm0.01mm20.01.200mm

(3)[4]根据电路图可知，连线如下

(4)[5]因为cd间电阻小于ab间电阻，则电压表分流更小，带来的误差更小，测量c、d之间电阻值的相对误差小于测量a、b之间电阻值的相对误差。 (5)[6]根据

5LLab 4RSLD可知

DR

12、B 乙 远大于 【解题分析】

(1)[1]电磁打点计时器是通过机械振动打点的，而电火花打点计时器是通过电火花来打点，用电火花打点计时器能使纸带在运动时受到的阻力较小。故A不符合题意，B符合题意。

(2)[2]同学乙的做法正确。只有让小车做匀速直线运动才能够判断摩擦力与沙子和盘的重力大小相等，才能够消除摩擦 力的影响。对于甲同学，小车开始运动时，沙子和盘的重力等于最大静摩擦力，而最大静摩擦力要略大于滑动摩擦力。(3)[3]对于砝码、砝码盘和沙子，根据牛顿第二定律：mg-F=ma，只有当小车的质量远大于砝码、砝码盘和沙子总质量时，绳子的拉力 F 才近似等于砝码、砝码盘和沙子中重力 mg。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13、（1）v03【解题分析】

(1)粒子做类平抛运动，有

453mE37qEL；（2）B，t52qL1082m2mL qEqEma

L12at 23Lv0t

解得

v03qEL 2m (2)洛伦磁力作为向心力，有

2v0qv0Bm

r

由几何关系得

r2(3L)2(rL)2

得

Bmv03mE 5qL52qL回旋角

tan又因为

3L3 rL4T2 v0t360T

联立解得

t371082mL qEU12mU2qU （2）E；llqm14、（1）【解题分析】

(1)设粒子运动到A点的速度大小为v0，由动能定理得

12qUmv0

2可得粒子运动到A点的速度大小

v02qU m(2)粒子在电场中做类平抛运动，设经历时间为t1，则

2lv0t1 1qE2lt1

2m联立解得

EU l设粒子离开电场时速度大小为v，与x轴的夹角为a。则

1212mvmv2 22vcos0

vqEl

设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，则 2Rsinα=2l

v2qvBm

R可得

B12mU lq15、（1）4kg（2）24J 【解题分析】

（Mm)v共 （1）长木板和物块组成的系统动量守恒：Mv代入数据解得：m4kg ．

（2）设这一过程中长木板和物块的内能增加量为Q，根据能量守恒定律：

Q

11Mv2(Mm)v共224J 22